2020年上海市浦东新区中考二模物理试题和解析

浦东新区2019学年度第二学期初三教学质量检测

初三理化试卷

一、选择题

1.下列粒子中带负电的是( ) A. 电子 【答案】A 【解析】

【详解】原子由带正电的原子核和带负电的电子组成，原子核则由带正电的质子和不带地的中子组成；故BCD项不符合题意，A项符合题意。 故选A。

2.历史上首先用实验测出大气压值的科学家是 A. 牛顿 【答案】D 【解析】

【详解】首先用实验测出大气压强数值的科学家是托里拆利，故选D。 3.下列光学器具中，能会聚太阳光的是( ) A. 穿衣镜 【答案】C 【解析】

【详解】A．穿衣镜利用光的反射改变光的传播路线，故A项不符合题意； B．潜望镜是利用了光的反射来改变光的传播路线，故B项不符合题意； C．凸透镜对光有会聚作用，可以会聚太阳光，故C项符合题意； D．凹透镜对光有发散作用，不能会聚太阳光，故D项不符合题意。 故选C。

4.以下物理量中，可以用“千瓦时”作为单位的是( ) A. 电量 【答案】C 【解析】

【详解】“千瓦时”是电功的单位。 A．电量的单位是库仑，故A项不符合题意；

B. 电流

C. 电功

D. 电功率

B. 潜望镜

C. 凸透镜

D. 凹透镜

B. 帕斯卡

C. 阿基米德

D. 托里拆利

B. 中子

C. 原子

D. 原子核

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B．电流的单位是安培，故B项不符合题意； C．电功的单位是焦耳或者千瓦时，故C项符合题意； D．电功率的单位是瓦特，故D项不符合题意。 故选C。

5.下列关于并联电路的说法中，正确的是( ) A. 各支路中的电流一定相等 C. 各支路中的电阻一定相等 【答案】B 【解析】

【详解】A．并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，若支路用电器规格相同，则通过用电器电流一定相等；若支路用电器规格不相同，则通过用电器电流一定不相等，故A项错误； B．并联电路中，各支路两端的电压一定相等，故B项正确；

C．并联电路中，各支路两端的电压一定相等，若支路用电器规格相同，则通过用电器电流一定相等，根据

B. 各支路两端的电压一定相等 D. 各支路中的电功率一定相等

RUU可知电阻一定相等；若支路用电器规格不相同，则通过用电器电流一定不相等，根据R可知电II阻一定不相等，故C项错误； D．并联电路中，各支路两端

电压一定相等，若支路用电器规格相同，则通过用电器电流一定相等，根据

P=UI可知电功率一定相等；若支路用电器规格不相同，则通过用电器电流一定不相等，根据P=UI可知电功率一定不相等，故D项错误。 故选B。

6.挂在树上的水蜜桃，处于静止状态，则( )

A. 水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力 B. 水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力 C. 树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力是一对平衡力

D. 树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力是一对平衡力 【答案】B 【解析】

【详解】A．水蜜桃所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力一个作用在水蜜桃上、一个作用在树枝上，作用物体不同，不是一对平衡力，故A项不符合题意；

B．水蜜桃所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B项符合题意；

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C．树枝所受的重力跟树枝对水蜜桃的拉力一个作用在树枝上、一个作用在水蜜桃上，作用物体不同，不是一对平衡力，故C项不符合题意；

D．树枝所受的重力跟水蜜桃对树枝的拉力方向不是相反的，不是一对平衡力，故D项不符合题意。 故选B。

7.甲、乙两小车同时沿直线从P点向相距4.8米的Q点运动，其s-t图像如图所示以下说法中正确的是

A. 运动2.4秒时，两车相距1米 C. 甲到Q点时，乙距Q点2.4米 【答案】B 【解析】

B. 运动3秒时，两车相距1.2米 D. 乙到Q点时，甲距Q点2米

【详解】由图中的信息，根据速度公式可得甲、乙的速度

4.8m1.2m/s 4s4.8mv乙0.8m/s

6sv甲甲的速度比乙快。 A．运动2.4秒时，根据vs可得甲、乙运动的路程 ts甲v甲t11.2m/s2.4s2.08m s乙v乙t10.8m/s2.4s1.92m

此时两车相距

2.08m1.92m0.16m

故A项错误；

B．由图可知，运动3秒时，甲运动了3.6m，乙运动了2.4m，两车相距1.2米，故B项正确； C．甲速度比乙快，甲先到达Q点，由图可知甲花了4s到达Q点，根据vs可得此时乙从P点运动了 ts乙v乙t20.8m/s4s3.2m

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距离Q点还有

4.8m3.2m1.6m

故C项错误；

D．乙到Q点时，由图可知乙花了6s，根据vs可得此时甲从P点运动了 ts甲v甲t31.2m/s6s7.2m

若甲到达Q点后继续运动，则甲距离Q点

7.2m4.8m2.4m

若甲到达Q点后不再运动，则甲距离Q点为0。 故D项错误。 故选B。

8.甲、乙两柱形容器（S甲h乙，如图所示，液体对容器底部的压强p甲=p乙。将液体均抽出一部分后， 使液体对容器底部减少相等的压强。则（ ）

A. 甲剩余液体的深度一定大 C. 甲剩余液体的体积一定大 【答案】A 【解析】

B. 甲剩余液体的质量一定大 D. 剩余液体的深度可能相等

【详解】已知液体对容器底部的压强p甲=p乙，且液体深度h甲>h乙，根据pgh可知

甲乙

将液体均抽出一部分后，液体对容器底部减少相等的压强，即压强的变化量相同，此时剩余液体对容器底部的压强依然相等，即

p甲p乙

AD．液体密度不变，根据pgh可知剩余液体深度关系为

h甲h乙

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即甲剩余液体的深度一定比乙大，故A项符合题意，D项不符合题意； B．已知S甲F甲F乙

水平面上规则容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据G=mg，可知剩余液体的质量关系

m甲m乙

即甲剩余液体的质量比乙小，故B项不符合题意； C．已解得甲乙以及剩余液体质量关系，根据mV无法确定剩余液体体积关系，甲中剩余液体体积

可能比乙小，也可能等于，故C项不符合题意。 故选A。

二、填空题

9.发电厂的电能通过____ (选填“高压”或“低压”)输电的方式进入千家万户；上海家庭电路的电压是___伏。 小明同学家的智能电能表上标有“5(60)A”字样，表示他家同时工作的家用电器的总电流不应超过_______安。

【答案】 (1). 高压 (2). 220 (3). 60 【解析】

【详解】[1]为了减少输电线路损失的能量，发电厂的电能通过高压输电的方式进入千家万户。 [2]我国所有家庭电路的电压都为220V。

[3]智能电能表上标有“5(60)A”字样，5A表示电能表的标定电流，60A表示电能表短时间允许通过的最大电流，即他家同时工作的家用电器的总电流不应超过60安。

10.“复兴号”列车以300千米/时的速度匀速行驶，以地面为参照物，列车是_______(选填“运动”或“静止”)的；列车飞驰时与空气间的摩擦是__________(选填“有益”或“有害”)的；列车高速飞驰相比低速启动时，其惯性_______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。 【答案】 (1). 运动 (2). 有害 (3). 不变 【解析】

【详解】[1]以地面为参照物，列车的位置发生了改变，所以列车是运动的。 [2]列车飞驰时与空气间的摩擦阻碍了列车的运动，属于有害摩擦。

[3]惯性只与物体的质量有关，列车高速飞驰相比低速启动时，质量相同，其惯性不变。

11.四冲程汽油机工作时，把内能转化成机械能的是_____冲程；夏天长时间曝晒在太阳下的汽车内部温度会升高，这是由于________(选填“热传递”或“做功”)的原因增加了车内空气的内能。汽车发动机常用水作

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为冷却剂，这是因为水的_______较大。

【答案】 (1). 做功 (2). 热传递 (3). 比热容 【解析】

【详解】[1]在四冲程汽油机的中做循环中，将内能转化为机械能的属于做功冲程。

[2]长时间曝晒在太阳下的汽车内部温度会升高，是因为在太阳的辐射下，吸收了热量，属于热传递。 [3]气缸外有一个水箱体，使气缸被水包围着，是利用水比热容大，散热效果好。

12.如图所示，物体的重力为100牛，不计摩擦及滑轮重力，当用力匀速提升物体时，力F为______牛， 在此过程中，物体的动能_______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，若物体被提高2米，则拉力F做的功为_____焦。

【答案】 (1). 100 (2). 不变 (3). 200 【解析】

【详解】[1]图中滑轮为定滑轮，定滑轮只改变力的方向，所以用力匀速提升重力为100牛的物体时，力F为100N。

[2]在此过程中，物体做匀速直线运动，质量、速度不变，所以物体的动能不变。

[3]定滑轮只改变力的方向，不省力也不费距，物体被提高2米，则绳子自由端移动2m，拉力做的功为

的WFsGs100N2m200J

13.若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，则通过该导体的电流为_____安，此时导体两端的电压为6伏，电流做功为_____焦；若导体两端的电压增大为12伏，则该导体的电阻为_______欧。 【答案】 (1). 0.3 (2). 18 (3). 20 【解析】

【详解】[1]根据Q=It可得通过该导体的电流

I[2]此时导体两端的电压为6伏，电流做功为

Q3C0.3A t10sWUIt6V0.3A10s18J

[3]电阻与电流电压、无关，根据IU可得该导体的电阻为 R6 / 16

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RU6V20Ω I0.3A14.无线电波与声波都可以传递信息，两者有许多相似与不同之处，请仿照下例，通过举例说明无线电波不同于声波的两个特点。 序号 事例 玉兔号探测器通过无线电把月球表1 面图像传送回地球 2 3

【答案】 (1). 见解析 (2). 见解析 (3). 见解析 (4). 见解析 【解析】

【详解】[1][2]通过无线电视直播可以把春晚的画面实时传播到千家万户，说明无线电波传播的速度很快。 [3][4]无线电通信时必须使用专业器材才能听到声音，说明无线电波不能被人耳直接所到。

15.在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变，所有原件均完好。开关闭合后，电流表示数将___，电压表示数将___________(均选填“变大”、“变小”或“不变”)。一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大，写出此时电压表的示数及相对应的故障。__________

_________ ______ _______ ___________ 说明无线电波传送的距离很远 特点

【答案】 (1). 变大 (2). 变小 (3). 若电压表示数为0，则L短路，若电压表示数为U，则L断路 【解析】

【详解】[1]由电路图可知，开关S断开时，电压表串联在电路中测电源电压，电流表断路，所以通过电流表的电流为0，则电流表无示数；闭合开关S后，灯泡L与电阻R串联，电压表测L两端电压，电流表测电路电流，电流表由无示数变为有示数，所以电流表示数变大了。

[2]因串联电路中的总电压等于各分电压之和，所以由电压表测电源电压变为测串联电路中L两端电压可知，电压表的示数变小了。

[3]一段时间后，R、L之一发生了故障，电路中只有一个电表示数变大，有两种情况：

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①电流表示数变大，即电路总电阻减小了，此时电压表示数为0，灯泡L发生短路；

②电压表示数变大，由测L两端电压变为测电源电压，此时电压表示数为U，灯泡L发生断路，电流表示数为0。

三、作图题

16.如图所示，重为20牛的小球静止放在水平地面上，请用力的图示法画出小球所受的重力G。 （ ）

【答案】

【解析】

【详解】重力的作用点在小球的重心，重力方向竖直向下。选取标度为10N，过小球的重心，沿竖直向下的方向画一条有向线段，是线段长度为标度的2倍，如图所示

17.在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角度数。 （ ）

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【答案】

【解析】

【详解】根据光的反射定律，反射角等于入射角。如图所示：

18.根据图中通电螺线管N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极。 （ ）

【答案】

【解析】

【详解】在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，因为螺线管的左端为N极，所以磁感线方向从左指向右；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极；根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：

的

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四、计算题

19.将质量为2千克的铜加热，铜的温度升高了50°C，求铜吸收的热量Q吸。[c铜=0.39×103J/(kg•°C)] 104J 【答案】3.9×【解析】

【详解】根据QcmΔt可得铜吸收的热量

Q吸c铜mt0.39103J/kggC2kg50C3.9104J

104J。 答：铜吸收的热量为3.9×

20.物体排开水的体积为2×10－3米3，求它所受的浮力F浮． 【答案】20牛 【解析】

【详解】根据阿基米德原理可得，物体受到的浮力为：

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－3m3=20N．

21.如图所示，实心金属圆柱体甲的密度为3×103千克/米3，放在水平地面上的薄壁柱形容器乙足够高，内盛有适量的水。

放入前 980 放入后 1470 p水(帕) p容(帕) 1500 3000

①若圆柱体甲的质量6千克，求甲的体积V甲。

②若容器乙的底面积为110-2米2，把甲放入乙容器，使甲浸没在水中，放入前后水对容器底部的压强p水及容器对地面的压强p容。记录在上表中。求 (a)放入前后容器中水深度的增加量Δh水； (b)物体甲的重力G甲。

10-3米3；②0.05米；③15牛 【答案】①2×

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【解析】

【详解】(1)根据=m可得甲的体积 VV甲m甲6kg33210m

3103kg/m3甲(2)(a)已知放入前后水对容器底部的压强p水，则水对容器底部压强的变化量

p水1470Pa980Pa490Pa

根据pgh可得放入前后容器中水深度的增加量Δh水

h水p水水g490Pa0.05m 331.010kg/m9.8N/kg(b)已知放入前后容器对地面的压强p容，则容器对地面压强的变化量

p容3000Pa1500Pa1500Pa

根据pF可得容器对地面压力的变化量 SF容Vp容S容1500Pa1102m215N

容器对地面压力的变化量即为圆柱体甲的重力，所以物体甲的重力为15N。 10-3m3； 答：(1)若圆柱体甲的质量6千克，甲的体积为2×(2)(a)放入前后容器中水深度的增加量为0.05m； (b)物体甲的重力为15N。

22.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，现有阻值关系为R1（1）把R2接入电路MN间，闭合开关S后，电流表A的示数为0.6安，求： (a)电源电压U；

(b)电流通过R2消耗的电功率P2。

（2）在三个电阻中任选二个，以某种方式连接后接入电路MN间，能否使电流表A的示数也为0.6安?若能，请说明所选电阻及连接方式，若不能，请说明理由。 【答案】①6伏、 3.6瓦；②不能、理由见解析

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【解析】

【详解】(1)(a)根据IU可得电源电压为 RUI2R20.6A10Ω6V

(b)由P=UI可得电流通过R2消耗的电功率为

P2I2U20.6A6V3.6W

(2)串联电路的总电阻大于任一串联导体的电阻，已知R2的阻值为10Ω，且R1并联电路的总电阻小于任一并联导体的电阻，不管哪两个电阻并联总电阻都小于10Ω，根据I任何两个电阻串联接入原电路，电流都大于0.6A； 所以无论选择哪两个，都不能使电流表A示数也为0.6A。 答：(1) (a)电源电压为6V；

(b)电流通过R2消耗的电功率为3.6W； (2)见解析。

U可知，任何两个电阻串联接入原电路，RU可知，R五、实验题

23.如图所示的实验仪器称为_________，此时它的示数为____牛。在“探究杠杆平衡的条件”实验中，在搜集证据前，应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在_____位置保持平衡；本实验中，弹簧测力计对杠杆施加力的方向必须__________。

【答案】 (1). 弹簧测力计 (2). 2.4 (3). 水平 (4). 垂直于杠杆 【解析】

【详解】[1]如图所示的实验仪器有刻度盘、挂钩等，符合弹簧测力计的所有特征，所以是弹簧测力计。 [2]如图所示，该弹簧测力计的分度值是0.2N，指针所指位置为弹簧测力计的示数为2.4N。

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[3]将杠杆放在水平桌面上，在搜集证据前，为了使杠杆在水平位置保持平衡，应调节杠杆两端的平衡螺母。 [4]为了方便测量弹簧测力计对杠杆的拉力的力臂，必须使拉力垂直于杠杆。

24.在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于确定________，采用玻璃板作为平面镜；实验时需要多次改变点燃蜡烛的位置重复进行实验，是为了_________(选填字母A“得到普遍规律”或B“求平均值减小

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误差”)。如图所示是“探究凸透镜成像的规律”的实验装置，实验时为了保证光源的像成在光屏中央，要使凸透镜和光屏的中心跟烛焰的中心大致在______；若凸透镜焦距为10厘米，将光源置于光具座上45厘米刻度处时，通过移动光屏，__________(选填“能”或“不能”)在光屏上得到像。

【答案】 (1). 像的位置 (2). A (3). 同一高度 (4). 不能 【解析】

【详解】[1]在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了便于确定像的位置，采用透明的玻璃板替代平面镜进行实验。

[2]在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了得到物与像位置关系的普遍性规律，需要多次改变点燃蜡烛的位置重复进行实验。

[3]在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，为了保证光源的像成在光屏中央，应该使凸透镜、光源、光屏三者的中心在同一高度。

[4]若凸透镜焦距为10厘米，将光源置于光具座上45厘米刻度处时，物距为

50cm-45cm=5cm

小于一倍焦距，无论如何移动光屏，都不能在光屏上得到像。

25.某同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源(为2伏的整数倍)保持不变，小灯标有“2.2V”字样。他连接好电路，移动滑片使变阻器的阻值最大。闭合开关，观察到两电表示数如图 (a)、(b)所示，此时电压表的示数为__________伏；然后移动滑动变阻器的滑片使小灯正常发光，发现电压表指针从图位置变化的角度恰好是电流表指针变化角度的2倍。根据以上信息可判断：实验所用滑动变阻器的最大阻值为______欧，当他观察到电压表的示数为_________伏时小灯正常发光，小灯的额定功率为______瓦。

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【答案】 (1). 2.8 (2). 20 (3). 1.8 (4). 0.528 【解析】

【详解】[1]如图(a)所示，电压表选择的量程是0~3V，分度值是0.1V，指针所指位置的示数是2.8V。 [2]电压表示数是2.8V远大于小灯泡的额定电压2.2V，由此可知，电压表并联在滑动变阻器的两端，由题可知2.8V是滑动变阻器阻值最大时两端的电压；若电流表选择分度值为0.1A的大量程0~3A，电流表此时的示数即通过电路的电流为0.7A，根据IU可得滑动变阻器的最大阻值 RU2.8VRmaxR4Ω

I0.7AUR若电流表选择分度值为0.02A的小量程0~0.6A，电流表此时的示数即通过电路的电流为0.14A，根据I可得滑动变阻器的最大阻值

RmaxUR2.8V20Ω I0.14A当移动滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光时，两端电压为额定电压2.2V，此时滑动变阻器两端电压小于2.8V，则电源电压

UU额UR2.2V2.8V5V

由题知小灯泡的额定电压为2.2V知电源电压应该大于小灯泡额定电压，且电源电源电压是2V的整数倍，所以电源电压U为4V，当滑动变阻器接入阻值最大，两端电压为2.8V时，根据分压原理，此时灯泡两端电压为

ULUUR4V2.8V1.2V

若电流表选择分度值为0.1A的大量程0~3A，电流表此时的示数即通过电路的电流为0.7A，根据I得小灯泡的电阻

U可RRLUL1.2V1.7Ω I0.7A若电流表选择分度值为0.02A的小量程0~0.6A，电流表此时的示数即通过电路的电流为0.14A，根据I可得小灯泡的电阻

URRLUL1.2V8.6Ω I0.14A滑动变阻器的最大阻值为4Ω，小灯泡的电阻约为1.7Ω，不合理；所以电流表选择的量程是分度值为0.02A的小量程0~0.6A，滑动变阻器的最大阻值为20Ω。

[3]当小灯泡正常发光时，根据分压原理，此时滑动变阻器两端电压

URUU额4V2.2V1.8V

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所以当他观察到电压表的示数为1.8V时小灯泡正常发光。 [4]电压表前后示数变化了

VUURUR2.8V1.8V1V

电压表选择的是小量程，分度值为0.1V，即电压表指针移动格数为

1V10 0.1V根据题中电压表指针从图位置变化的角度恰好是电流表指针变化角度的2倍可知电流表指针移动了5个小格；根据分压原理滑动变阻器两端电压减小了，则电路电流增大，所以当小灯泡正常发光时，电路电流为

I0.14A0.02A50.24A

根据P=UI可得小灯的额定功率

P额U额I2.2V0.24A0.528W

26.小娟同学发现储水容器在单位时间内的出水量不同。她认为水管中单位时间的出水量可能跟水管两端液体的压强差Δp、横截面积S和长度L有关。为此，她设计了如图所示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，并把相关实验数据记录在下表中。

水管的长度L/序号 水管的截面积S 厘米 1 容器内水的深度h/厘米 20 单位时间出水量Q/毫升 60 S0 S0 S0 S0 S0 2S0 20 2 30 20 40 3 40 20 30 4 20 30 90 5 20 40 120 6 20 20 240 15 / 16

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3S0 20 20 540 ①打开开关后，容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端_________的大小；为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，盛水容器的面积应该____(选填“大”或“小”)

②分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是_______。 ③根据实验序号___________数据中Q与h变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：在L和S相同的情况下，Δp越大，Q越大。

④若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，则Q=_______毫升；若h=10厘米、L=60厘米、S=4S0，则Q=_______毫升。

【答案】 (1). 压强差(Δp) (2). 大 (3). 在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大 (4). 1与4与5 (5). 48 (6). 160 【解析】

【详解】(1)[1]液体压强与所测点的液体深度有关，打开开关后，容器中水的深度h大小会随着水流出而变小，容器底部受到的液体压强也会减小，所以容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端压强差的大小。 [2]为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，减小实验误差，盛水容器的面积应该小一些。 (2)[3]分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化，可发现水管的长度L与容器内水的深度h相同，随着水管的截面积S越来越大，单位时间出水量Q也变大，可得出初步结论是：在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大

(3)[4]要探究Q随h变化的关系并得到结论，我们需要控制水管的长度L与水管的截面积S相同，改变容器内水的深度h，可根据实验序号1与4与5分析得到。

(4)[5][6]根据表中数据可知Q与h、S2成正比、与L成反比，可以得到关系式

hS2Q602

LS0若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，代入关系式得48，若h=10厘米、L=60厘米、S=4S0，代入关系式得160。

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