一、选择题
1. 如图甲所示, 三棱锥PABC 的高PO8,ACBC3,ACB30 ,M,N分别在BC 和PO上,且CMx,PN2xx(0,3,图乙的四个图象大致描绘了三棱锥NAMC的体积y与 的变化关系,其中正确的是( )
A. B. C. D.1111]
2. 《九章算术》之后,人们进一步用等差数列求和公式来解决更多的问题,《张丘建算经》卷上第22题为:“今有女善织,日益功疾(注:从第2天开始,每天比前一天多织相同量的布),第一天织5尺布,现在一月(按30天计),共织390尺布”,则从第2天起每天比前一天多织( )尺布. A.
B.
C.
D.
3. 设平面α与平面β相交于直线m,直线a在平面α内,直线b在平面β内,且b⊥m,则“α⊥β”是“a⊥b”的( ) A.必要不充分条件
B.充分不必要条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
4. △ABC的内角A,B,C所对的边分别为,,,已知a3,b6,A6,则
B( )111]
32A. B.或 C.或 D.
4344335. 对于复数,若集合具有性质“对任意,必有”,则当
时,A1 B-1
等于 ( )
第 1 页,共 16 页
C0 D
3xy30y16. 若x,y满足约束条件3xy30,则当取最大值时,xy的值为( )
x3y0A.1 B. C.3 D.3
7. 方程x11y1表示的曲线是( )
A.一个圆 B. 两个半圆 C.两个圆 D.半圆 8. 现有16张不同的卡片,其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各4张,从中任取3张,要求取出的这些卡片不能是同一种颜色,且红色卡片至多1张,不同取法的种数为( ) A.232
B.252
C.472
D.484
29. 设0<a<1,实数x,y满足
,则y关于x的函数的图象形状大致是( )
A. B. C. D.
10.已知向量=(1,2),=(x,﹣4),若∥,则x=( ) A. 4 B. ﹣4 C. 2 D. ﹣2
二、填空题
11.用描述法表示图中阴影部分的点(含边界)的坐标的集合为 .
112.已知函数fxx3mx,gxlnx.mina,b表示a,b中的最小值,若函数
4第 2 页,共 16 页
hxminfx,gxx0恰有三个零点,则实数m的取值范围是 ▲ .
13.已知随机变量ξ﹣N(2,σ2),若P(ξ>4)=0.4,则P(ξ>0)= .
14.设等差数列{an}的前n项和为Sn,若﹣1<a3<1,0<a6<3,则S9的取值范围是 .
15.在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,若6a=4b=3c,则cosB= .
x2x,x0,16.【2017-2018第一学期东台安丰中学高三第一次月考】若函数fx{x在其定义域上恰有两
lnx,x0a个零点,则正实数a的值为______. 三、解答题
17.如图,已知边长为2的等边△PCD所在的平面垂直于矩形ABCD所在的平面,BC=2点
(Ⅰ)试在棱AD上找一点N,使得CN∥平面AMP,并证明你的结论. (Ⅱ)证明:AM⊥PM.
,M为BC的中
18.(本小题满分12分)菜农为了蔬菜长势良好,定期将用国家规定的低毒杀虫农药对蔬菜进行喷洒,以防止害虫的危害,待蔬菜成熟时将采集上市销售,但蔬菜上仍存有少量的残留农药,食用时可用清水清洗干净,下表是用清水x(单位:千克)清洗该蔬菜1千克后,蔬菜上残存的农药y(单位:微克)的统计表:
xi 1 2 3 4 5 第 3 页,共 16 页
yi 57 53 40 30 10 (1)在下面的坐标系中,描出散点图,并判断变量x与y的相关性;
(2)若用解析式y=cx+d作为蔬菜农药残量与用水量的回归方程,求其解析式;(c,a精确到0.01);
2
附:设ωi=x2i,有下列数据处理信息:ω=11,y=38, (ωi-ω)(yi-y)=-811, (ωi-ω)2=374,
对于一组数据(x1,y1),(x2,y2),…,(xn,yn),其回归直线方程y=bx+a的斜率和截距的最小二乘估计分别为
(3)为了节约用水,且把每千克蔬菜上的残留农药洗净估计最多用多少千克水.(结果保留1位有效数字)
19.(本小题满分12分)如图所示,已知AB平面ACD,DE平面ACD,ACD为等边 三角形,ADDE2AB,F为CD的中点. (1)求证:AF//平面BCE; (2)平面BCE平面CDE.
第 4 页,共 16 页
20.(本小题满分12分)已知函数f(x)x(2a1)xalnx(aR).
21,求yf(x)的单调区间; 2 (II)函数g(x)(1a)x,若x0[1,e]使得f(x0)g(x0)成立,求实数a的取值范围.
(I)若a
21.如图,在四棱锥中点,为的中点,且
中,等边
所在的平面与正方形
所在的平面互相垂直,
为
的
(Ⅰ)求证:(Ⅱ)求二面角
平面
; 的余弦值;
第 5 页,共 16 页
(Ⅲ)在线段上是否存在点,使线段求出的长,若不存在,请说明理由.
22.已知函数f(x)(xk)e(kR). (1)求f(x)的单调区间和极值; (2)求f(x)在x1,2上的最小值.
x与所在平面成角.若存在,
(3)设g(x)f(x)f'(x),若对k,及x0,1有g(x)恒成立,求实数的取值范围.
22
35第 6 页,共 16 页
兴县实验中学2018-2019学年上学期高三数学10月月考试题(参)
一、选择题
1. 【答案】A 【解析】
考
点:几何体的体积与函数的图象.
【方法点晴】本题主要考查了空间几何体的体积与函数的图象之间的关系,其中解答中涉及到三棱锥的体积公式、一元二次函数的图象与性质等知识点的考查,本题解答的关键是通过三棱锥的体积公式得出二次函数的解析式,利用二次函数的图象与性质得到函数的图象,着重考查了学生分析问题和解答问题的能力,是一道好题,题目新颖,属于中档试题.
2. 【答案】D
【解析】解:设从第2天起每天比前一天多织d尺布m 则由题意知解得d=
.
,
故选:D.
【点评】本题考查等差数列的公差的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意等差数列的通项公式的求解.
3. 【答案】B
【解析】解:∵b⊥m,∴当α⊥β,则由面面垂直的性质可得a⊥b成立, 若a⊥b,则α⊥β不一定成立, 故“α⊥β”是“a⊥b”的充分不必要条件, 故选:B.
【点评】本题主要考查充分条件和必要条件的判断,利用线面垂直的性质是解决本题的关键.
4. 【答案】B 【解析】
试题分析:由正弦定理可得:
3sin6623,sinB,B0,,B 或,故选B. sinB244第 7 页,共 16 页
考点:1、正弦定理的应用;2、特殊角的三角函数. 5. 【答案】B 【解析】由题意,可取6. 【答案】D 【
解
析
】
,所以
考
点:简单线性规划. 7. 【答案】A 【解析】
22试题分析:由方程x11y1,两边平方得x1(1y1),即(x1)(y1)1,所
2222以方程表示的轨迹为一个圆,故选A. 考点:曲线的方程.
8. 【答案】 C
【解析】【专题】排列组合. 【分析】不考虑特殊情况,共有
种取法,由此可得结论.
【解答】解:由题意,不考虑特殊情况,共有色卡片,共有
种取法,
种取法,两种红色卡片,共有
种取法,两种红
种取法,其中每一种卡片各取三张,有
种取法,其中每一种卡片各取三张,有
第 8 页,共 16 页
故所求的取法共有故选C. 9. 【答案】A
﹣
﹣=560﹣16﹣72=472
,即y=
【点评】本题考查组合知识,考查排除法求解计数问题,属于中档题.
【解析】解:0<a<1,实数x,y满足轴对称, 故选:A.
,故函数y为偶函数,它的图象关于y
在(0,+∞)上单调递增,且函数的图象经过点(0,1),
【点评】本题主要指数式与对数式的互化,函数的奇偶性、单调性以及特殊点,属于中档题.
10.【答案】D
【解析】: 解:∵∥, ∴﹣4﹣2x=0,解得x=﹣2. 故选:D.
二、填空题
11.【答案】 {(x,y)|xy>0,且﹣1≤x≤2,﹣≤y≤1} .
【解析】解:图中的阴影部分的点设为(x,y)则 {x,y)|﹣1≤x≤0,﹣≤y≤0或0≤x≤2,0≤y≤1} ={(x,y)|xy>0且﹣1≤x≤2,﹣≤y≤1}
故答案为:{(x,y)|xy>0,且﹣1≤x≤2,﹣≤y≤1}.
5312.【答案】,
44【解析】
2试题分析:fx3xm,因为g10,所以要使hxminfx,gxx0恰有三个零点,须满足
f10,f(m5m153)0,m0,解得m,m 343244考点:函数零点
【思路点睛】涉及函数的零点问题、方程解的个数问题、函数图像交点个数问题,一般先通过导数研究函数的单调性、最大值、最小值、变化趋势等,再借助函数的大致图象判断零点、方程根、交点的情况,归根到底还是研究函数的性质,如单调性、极值,然后通过数形结合的思想找到解题的思路.
第 9 页,共 16 页
13.【答案】 0.6 .
2
【解析】解:随机变量ξ服从正态分布N(2,σ), ∴曲线关于x=2对称,
∴P(ξ>0)=P(ξ<4)=1﹣P(ξ>4)=0.6, 故答案为:0.6.
【点评】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义,考查概率的性质,是一个基础题.
14.【答案】 (﹣3,21) .
【解析】解:∵数列{an}是等差数列,
∴S9=9a1+36d=x(a1+2d)+y(a1+5d)=(x+y)a1+(2x+5y)d, 由待定系数法可得
∵﹣3<3a3<3,0<6a6<18, ∴两式相加即得﹣3<S9<21. ∴S9的取值范围是(﹣3,21). 故答案为:(﹣3,21).
【点评】本题考查了等差数列的通项公式和前n项和公式及其“待定系数法”等基础知识与基本技能方法,属于中档题.
15.【答案】
.
=
=
.
【解析】解:在△ABC中,∵6a=4b=3c ∴b=
,c=2a,
,解得x=3,y=6.
由余弦定理可得cosB=故答案为:
.
【点评】本题考查余弦定理在解三角形中的应用,用a表示b,c是解决问题的关键,属于基础题.
16.【答案】e
x2xx0【解析】考查函数fx{,其余条件均不变,则: axlnx第 10 页,共 16 页
当x⩽0时,f(x)=x+2x,单调递增, f(−1)=−1+2−1<0,f(0)=1>0,
由零点存在定理,可得f(x)在(−1,0)有且只有一个零点; 则由题意可得x>0时,f(x)=ax−lnx有且只有一个零点,
lnx有且只有一个实根。 xlnx1lnx令gx, ,g'x2xx即有a当x>e时,g′(x)<0,g(x)递减; 当0 1, e如图g(x)的图象,当直线y=a(a>0)与g(x)的图象 1. e回归原问题,则原问题中ae. 只有一个交点时,则a 点睛: (1)求分段函数的函数值,要先确定要求值的自变量属于哪一段区间,然后代入该段的解析式求值,当出现f(f(a))的形式时,应从内到外依次求值. (2)当给出函数值求自变量的值时,先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上,然后求出相应自变量的值,切记要代入检验,看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围. 三、解答题 17.【答案】 【解析】(Ⅰ)解:在棱AD上找中点N,连接CN,则CN∥平面AMP; 证明:因为M为BC的中点,四边形ABCD是矩形, 所以CM平行且相等于DN, 所以四边形MCNA为矩形, 所以CN∥AM,又CN⊄平面AMP,AM⊂平面AMP, 所以CN∥平面AMP. (Ⅱ)证明:过P作PE⊥CD,连接AE,ME, 因为边长为2的等边△PCD所在的平面垂直于矩形ABCD所在的平面,BC=2所以PE⊥平面ABCD,CM= , ,M为BC的中点 第 11 页,共 16 页 所以PE⊥AM, 在△AME中,AE= 222 所以AE=AM+ME, =3,ME==,AM==, 所以AM⊥ME, 所以AM⊥平面PME 所以AM⊥PM. 【点评】本题考查了线面平行的判定定理和线面垂直的判定定理的运用;正确利用已知条件得到线线关系是关键,体现了转化的思想. 18.【答案】 【解析】解:(1) 根据散点图可知,x与y是负相关. 方程,y=cω+d, (2)根据提供的数据,先求数据(ω1,y1),(ω2,y2),(ω3,y3),(ω4,y4),(ω5,y5)的回归直线 -811=≈-2.17, 374 第 12 页,共 16 页 ^^ a=y-cω=38-(-2.17)×11=61.87. ∴数据(ωi,yi)(i=1,2,3,4,5)的回归直线方程为y=-2.17ω+61.87, 又ωi=x2i, ∴y关于x的回归方程为y=-2.17x2+61.87. 61.876187(3)当y=0时,x==≈5.3.估计最多用5.3千克水. 2.1721719.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析. 【解析】 试题分析:(1)推导出ACBC,ACCC1,从而AC平面BCC1B1,连接CA1,NA1,则B,A1,N三点共线,推导出CNBA1,CNMN,由线面垂直的判定定理得CN平面BNM;(2)连接AC1交CA1于点H,推导出AHBA1,HQBA1,则AQH是二面角ABA1C的平面角.由此能求出二面角 CBNB1的余弦值. 试题解析:(1)如图,取CE的中点G,连接FG,BG. ∵F为CD的中点,∴GF//DE且GF∵AB平面ACD,DE平面ACD, ∴AB//DE, ∴GF//AB. 1DE. 21DE,∴GFAB. ∴四边形GFAB为平行四边形,则AF//BG. (4分) 2∵AF平面BCE,BG平面BCE, ∴AF//平面BCE (6分) 又AB考点:直线与平面平行和垂直的判定. 20.【答案】 【解析】【命题意图】本题考查导数的应用等基础知识,意在考查转化与化归思想的运用和综合分析问题解决问题的能力. 第 13 页,共 16 页 21.【答案】 【解析】【知识点】空间的角利用直线方向向量与平面法向量解决计算问题垂直 【试题解析】(Ⅰ)是等边三角形,为的中点, 平面 平面 , 是交线, 平面 平面 . (Ⅱ)取的中点, 底面 是正方形, , 两两垂直.分别以的方向为轴、轴、轴的正方向建立空间直角坐标系, 则 , , , 设平面的法向量为,, 第 14 页,共 16 页 请 , 平面 的法向量即为平面 , 的法向量 . 由图形可知所求二面角为锐角,(Ⅲ)设在线段使线段平面 与 上存在点所在平面成 , ,解得 在线段 上存在点 ,当线段 ,角, , ,适合 时,与, 的法向量为 所在平面成角. 22.【答案】(1)f(x)的单调递增区间为(k1,),单调递减区间为(,k1), f(x)极小值f(k1)ek1,无极大值;(2)k2时f(x)最小值f(1)(1k)e,2k3时f(x)最小值f(k1)ek1,k3时,f(x)最小值f(2)(2k)e2;(3)2e. 【解析】 (2)当k11,即k2时,f(x)在1,2上递增,∴f(x)最小值f(1)(1k)e; 当k12,即k3时,f(x)在1,2上递减,∴f(x)最小值f(2)(2k)e; 2 当1k12,即2k3时,f(x)在1,k1上递减,在k1,2上递增, 第 15 页,共 16 页 ∴f(x)最小值f(k1)ek1. (3)g(x)(2x2k1)e,∴g'(x)(2x2k3)e, xx由g'(x)0,得xk当xk3, 23时,g'(x)0; 23当xk时,g'(x)0, 233∴g(x)在(,k)上递减,在(k,)递增, 223k3故g(x)最小值g(k)2e2, 23k3335又∵k,,∴k0,1,∴当x0,1时,g(x)最小值g(k)2e2, 2222∴g(x)对x0,1恒成立等价于g(x)最小值2e又g(x)最小值2e∴(2ek32k32; k3235对k,恒成立. 22)mink,故2e.1 考点:1、利用导数研究函数的单调性进而求函数的最值;2、不等式恒成立问题及分类讨论思想的应用. 【方法点睛】本题主要考查利用导数研究函数的单调性进而求函数的最值、不等式恒成立问题及分类讨论思想的应用.属于难题. 数学中常见的思想方法有:函数与方程的思想、分类讨论思想、转化与划归思想、数形结合思想、建模思想等等,分类讨论思想解决高中数学问题的一种重要思想方法,是中学数学四种重要的数学思想之一,尤其在解决含参数问题发挥着奇特功效,大大提高了解题能力与速度.运用这种方法的关键是将题设条件研究透,这样才能快速找准突破点. 充分利用分类讨论思想方法能够使问题条理清晰,进而顺利解答,希望同学们能够熟练掌握并应用与解题当中.本题(2)就是根据这种思想讨论函数单调区间的. 第 16 页,共 16 页 因篇幅问题不能全部显示,请点此查看更多更全内容
Copyright © 2019- yrrf.cn 版权所有 赣ICP备2024042794号-2
违法及侵权请联系:TEL:199 1889 7713 E-MAIL:2724546146@qq.com
本站由北京市万商天勤律师事务所王兴未律师提供法律服务