物理试题及答案

一.选择题(本题共7小题；每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分。)

１、欲使处于基态的氢原子激发，下列措施不可行的是（ ） ．A．用10.2 eV的光子照射 B．用11 eV的光子照射 C．用14 eV的光子照射

D．用11 eV的光子碰撞

2、地球赤道上的物体重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，要使赤道上的物体“飘”起来，则地球的转速应为原来的( )

A．g/a倍 B．g/a倍 C．(ga)/a倍 D．(ga)/a倍

3、如图所示，一导体棒ab在均匀磁场中沿金属导轨向右作匀加速运动，磁场方向垂直导轨所在平面. 若导轨电阻忽略不计，则达到稳定后电容器的M极板上（ ）

A．带有一定量的正电荷 B．带有一定量的负电荷 C．带有越来越多的正电荷 D．带有越来越多的负电荷

4、水平推力F1和F2分别作用于水平面上的原来静止、质量相等的物体P、Q上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停止，两物体的v-t图象如图所示，已知图线中ab//cd，则下列说法正确的有（ ）

A．两物体所受到的摩擦力相等

B．整个过程中P物体的动量变化量比Q大 C．F1的冲量小于F2的冲量

D．如果两个物体运动的总位移相等，则F1做功大于F2做功

5、一只电流表读数偏低，用此电流表测电路中的电流时，测量所得的值小于电流表的真实值，为纠正电流表的这一偏差，可以采用的措施是（ ）

A．减少表头线圈的匝数 B．增加表头线圈的匝数 C．增强表头的永久磁铁的磁性 D．减弱表头的永久磁铁的磁性

O P Q t b d v a M N b a v B c 1

6、如图甲所示，一质量为Ｍ的薄木板静止在光滑的水平地面上，现有一质量为ｍ的小滑块以一定的初速度ｖ０从木板的左端开始向木板的右端滑行。滑块与木板的水平速度大小随时间变化的情况如图乙所示，根据图象作出如下判断，这些判断中不正确的是（ ） ．

A．滑块与木板始终存在着相对运动

B．滑块未能滑出木板

C. 滑块的质量ｍ大于木板的质量Ｍ D．在ｔ１时刻滑块从木板上滑出

7、一中学生为即将发射的“神州七号”载人飞船设计了一个可测定竖直方向加速度的装置，其原理可简化如图，连接在竖直弹簧上的重物与滑动变阻器的滑动头连接，该装置在地面上静止时其电压表的指针指在表盘的零刻度处，在零刻度的两侧分别标上对应的正、负加速度值. 关于这个装置在“神州七号”载人飞船发射、运行和回收过程中示数的判断正确的是（ ）

A．飞船在竖直加速升空的过程中，如果电压表的示数为正，则飞船在竖直减速返回地面的过程中，电压表的示数仍为正

B．飞船在竖直加速升空的过程中，如果电压表的示数为正，则飞船在竖直减速返回地面的过程中，电压表的示数为负

C．飞船在圆轨道上运行时，电压表的示数为零

D．飞船在圆轨道上运行时，电压表示数所对应的加速度应约为9.8m/s

2

垂直斜面 V0 M v 图甲 O t1

图乙

t 二．实验题(本题共2小题，8小题每空1分，9小题每空2分，共10分．把答案填在答题卷对应的空格中)

8、某同学设计了一个测量物体质量的装置，如图所示，其中P是光滑水平面，．．A是质量为M（已知）的带夹子的金属块，Q是待测质量的物体（可以被A上的夹子固定）．已知该装置的弹簧振子做简谐运动的周期为

0

，其中m是振子的质量，k是T2m（数量级为10s）kQ A P 与弹簧的劲度系数有关的常数．

（1）为了达到实验目的还需要提供的实验器材是：____________；

（2）写出所需测量的物理量（用字母表示） ； 。

2

用所测物理量和已知物理量求解待测物体质量的计算式为m= 。

9、某学生欲测一未知电阻的阻值，可供选择的器材有

电流表A1量程0～10 mA 电流表A2量程0～0.6 A 电压表V1量程0～3 V 电压表V2量程0～15 V

滑动变阻器一只，电源4.5 V，电键2个，如图所示，当电键K2连a时，两电表的指针偏转角度都在满偏的4/5处；若将K2接b时，其中一个电表的指针偏角几乎不变，另一个电表的指针偏转到满偏的3/4处.该学生所选用的电压表的量程为________，所用的电流表的量程为________，该电阻的阻值为______ __. 三．计算题(共4个题，29分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)

10、（6分）如图所示,在光滑的水平面上静止着两小车A和B，在A车上固定着强磁铁，总质量为5 kg,B车上固定着一个闭合的螺线管.B车的总质量为10 kg.现给B车一个水平向左的100 N·s瞬间冲量，若两车在运动过程中不发生直接碰撞，则相互作用过程中产生的热能是多少？

11、（6分）用铁锤将一铁钉击入木块，设木块对铁钉的阻力与铁钉进入木块内的深度成正比.在铁锤击第一次时，能把铁钉击入木块内1 cm.问击第二次时，能击入多少深度？（设铁锤每次做功相等）

3

12、（8分）如图所示，在与水平面成θ=30º角的平面内放置两条平行、光滑且足够长的金属轨道，其电阻可忽略不计。空间存在着匀强磁场，磁感应强度B=0.20T，方向垂直轨道平面向上。导体棒ab、cd垂直于轨道放置，且与金属轨道接触良好构

-1-2

成闭合回路，每根导体棒的质量m=2.0×10kg，回路中每根导体 棒电阻r=5.0×10Ω，金属轨道宽度l=0.50m。现对导体棒ab施加平行于轨道向上的拉力，使之匀速向上运动。在导体棒ab匀速向上运动过程中，导体棒cd始终能静止在轨道上。g

2

取10m/s，求：

（1）导体棒cd受到的安培力大小； B F （2）导体棒ab运动的速度大小； a b （3）拉力对导体棒ab做功的功率。 c d θ

13、（9分）如图所示，光滑水平面MN上放两相同小物块A、B，左端挡板处有一弹射装置P，右端N处与水平传送带理想连接，传送带水平部分长度L=8m，沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀速转动。物块A、B（大小不计）与传送带间的动摩擦因数μ=0.2。物块A、B质量

mA=mB=1kg。开始时A、B静止，A、B间压缩一轻质弹簧（弹簧只与物体A相连接），贮有弹性势能Ep=16J。现解除锁定，弹开A、B。求： （1）物块B沿传送带向右滑动的最远距离； （2）物块B滑回水平面MN的速度VB’

（3）若物体B返回水平面MN后与被弹射装置P弹回的A在水平面上相碰，且A、B碰后互换速度，则弹射装置P必须给A做多少功，才能让AB碰后B能从Q端滑出。

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2010年公开招聘教师、教研员考试高中物理答案 一.选择题

1、B 2、D 3、B 4、AC 5、BC 6、A 7、AD 二．实验题

8、（1）秒表；

（2）①不放Q时，用秒表测出振子振动30次的时间t1（或者测出振子的周期T1）

②将Q固定在A上，用秒表测出振子振动30次的时间t2（或者测出振子的

周期T2）

mt2t1t1222M或mT2T1T1222M

9、 0~3 V， 0~10 mA, 3200Ω 三．计算题

10、（6分）解：由于感应电流产生的磁场总是阻碍导体和磁场间相对运动，A、B两车之间就产生排斥力，以A、B两车为研究对象，它们所受合外力为零.动量守恒，当A、B车速度相等时，两车相互作用结束，据以上分析可得：I=mBvB=(mA+mB)v, 则 vB=

I100100= m/s=10 m/s, v==6.7 m/s „„3分 mB10(mAmB)从B车运动到两车相对静止过程，系统减少的机械能转化成电能，电能通过电

阻发热，转化为焦耳热.根据能量转化与守恒：

11mBv2- (mA+mB)v2 22111002 =×10×102-×15×()J=166.7 J „„3分 2215Q=

11、（6分）解：解法一：（平均力法）

铁锤每次做功都用来克服铁钉阻力做的功，但摩擦阻力不是恒力，其大小与深度成

正比，F=-f=kx,可用平均阻力来代替. 如图所示，第一次击入深度为x1,平均阻力F1=做功为W1=F1x1=

5

1kx1,212

kx1. „„2分 2第二次击入深度为x1到x2,平均阻力F2=（x2-x1）=

1k（x2+x1）,位移为x2-x1,做功为W2=F221k（x22-x12）. „„2分 2 两次做功相等：W1=W2. „„1分

解后有：x2=2x1=1.41 cm,

Δx=x2-x1=0.41 cm. „„1分

解法二：（图象法）

因为阻力F=kx,以F为纵坐标，F方向上的位移x为横坐标，作出F-x图象，.曲线上面积的值等于F对铁钉做的功。 „„2分

由于两次做功相等，故有： S1=S2（面积），即：

11 kx12=k（x2+x1）（x2-x1）, „„3分 22

所以Δx=x2-x1=0.41 cm „„1分 12、（8分）

（1）导体棒cd静止时受力平衡，设所受安培力为F安，则

F安mgsin 解得F安0.10N „„2分

（2）设导体棒ab的速度为v时，产生的感应电动势为E，通过导体棒cd的感应电流为I，则EBlv IE F安=BIl 2r 代入数据得v=1.0m/s „„3分

联立上述三式可解得v2F安rB2l2（3）设对导体棒ab的拉力为F，导体棒ab受力平衡， 则F=F安+mgsin 解得F=0.20N

拉力的功率P=FV 解得P=0.20W „„3分 13、（9分）解：（1）解除锁定弹开AB过程中，系统机械能守恒：

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Ep1122mAvAmBvB22 ①

由动量守恒有： mAvA=mBvB ② 由①②得： vA4m/s vB4m/s

B滑上传送带匀减速运动，当速度减为零时，滑动的距离最远。由动能定理得：

mBgsm012mBvB2 ③

2vB得sm4m „„3分

2g（2）物块B沿传送带向左返回时，先匀加速运动，物块速度与传送带速度相同时一起匀速运动，物块B加速到传送带速度v需要滑动的距离设为s，

由

mBgs1mBv22 ④

v2得s9msm

2g说明物块B滑回水平面MN的速度没有达到传送带速度， vB2gsm4m/s „„3分

1122mAvmAvAWAW22（3）设弹射装置给A做功为， ⑤

AB碰后速度互换，B的速度 vB=vA

12mBvBmBgLB要滑出平台Q端，由能量关系有：2. ⑥

又mA=mB

所以，由⑤⑥⑦得

WmBgL12mAvA2 ⑦

解得 W ≥ 8 J „„3分

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